is.val

pcur.next;while(cur!null){cur.nextpr;prcur;curp;if(p!null){pp.next;}}head.nextnull;return

pr;}

定义三个ListNode变量指向三个节点cur指向的是当前要改变next的节点pr指向的是cur.next要指向的节点p是记录的作用如果cur的next变成指向前面了那么本来cur后面一个节点就丢失了无法完成反转。

题目意思就是返回中间结点最笨的办法就是将链表遍历一遍看看有多少个结点然后再遍历出中间结点。

这里使用快慢指针可以一步到位。

/***

fast.next!null){slowslow.next;fastfast.next.next;}return

slow;}

定义一个快指针和一个慢指针让快的一下走两步慢的一下走一步这样走到最后停止时slow刚好在中间结点上。

这个可以说是一个元问题很多链表的题目都有这道题快慢指针的影子。

027.

请你找出并返回两个单链表相交的起始节点。

如果两个链表不存在相交节点返回

null

由例图可以看出在两个单链表相遇之后交点后面的结点都是相同的。

先考虑最简单的情况如果两个链表的长度相同那么直接从头开始一个一个遍历知道找到交点。

但是这个方法在双方长度不一时用不了。

既然用不了那我们就借着这个思路改一下给短的链表补上不就行了换句话说链表从后往前对齐长链表前面多的那部分不可以有结点直接跳过即可这样问题就解决了。

/***

curheadA;while(cur!null){la;curcur.next;}curheadB;while(cur!null){lb;curcur.next;}ListNode

lheadA;ListNode

sheadB;lenla-lb;if(lalb){lheadB;sheadA;lenlb-la;}while(len!0){ll.next;len--;}while(l!s

l!null

应用的也是快慢指针的思想这个就像在操场上跑步一样如果一快一慢而且还是闭环的话那么两个人一定会相遇。

这个同理如果成环那么两个指针也是会相遇的。

/***

fast.next!null){slowslow.next;fastfast.next.next;if(slowfast){return

true;}}return

这个题里面有一个数学推导直接说结果起点到入环后第一个结点的距离快慢指针相遇的交点到入环后第一个结点的距离。

/***

fas***ad;while(true){if(fastnull

null;}slowslow.next;fastfast.next.next;if(fastslow){break;}}slowhead;while(slow!fast){slowslow.next;fastfast.next;}return

slow;}